高考数学压轴专题2020-2021备战高考《计数原理与概率统计》知识点总复习有解析

一、选择题

1．一个袋中放有大小、形状均相同的小球，其中红球1个、黑球2个，现随机等可能取出小球，当有放回依次取出两个小球时，记取出的红球数为1；当无放回依次取出两个小球时，记取出的红球数为2，则（ ） A．E1E2，D1D2 C．E1E2，D1D2 【答案】B 【解析】 【分析】

分别求出两个随机变量的分布列后求出它们的期望和方差可得它们的大小关系. 【详解】

B．E1E2，D1D2 D．E1E2，D1D2

1可能的取值为0,1,2；2可能的取值为0,1，

P10故E141414，P12，P111， 99999241244422，D1021. 3999992112122，P21， 323323P20故E22122422，D201, 33399故E1E2，D1D2.故选B. 【点睛】

离散型随机变量的分布列的计算，应先确定随机变量所有可能的取值，再利用排列组合知识求出随机变量每一种取值情况的概率，然后利用公式计算期望和方差，注意在取球模型中摸出的球有放回与无放回的区别.

2．从装有除颜色外完全相同的3个白球和m个黑球的布袋中随机摸取一球，有放回的摸取5次，设摸得白球数为X，已知E(X)3，则D(X)( ) A．

8 5B．

6 5C．

4 5D．

2 5【答案】B 【解析】 【分析】

由题意知，X~B(5,3333，知X~B(5,)，由此能求出)，由EX5m3m35D(X)．

【详解】

由题意知，X~B(5,3)， m3EX533，解得m2， m33X~B(5,)，

5336D(X)5(1)．

555故选：B． 【点睛】

本题考查离散型随机变量的方差的求法，解题时要认真审题，仔细解答，注意二项分布的灵活运用．

3．我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”，在不超过20的素数中，随机选取两个不同的数，其和等于20的概率是（ ） A．

1 12B．

1 15C．

1 18D．

1 14【答案】D 【解析】 【分析】

先得到随机抽取两个不同的数共有28种，再得出选取两个不同的数，其和等于20的共有2中，结合古典概型的概率计算公式，即可求解. 【详解】

由题意，在不超过20的素数有：2,3,5,7,11,13,17,19，共有8个数，

2随机选取两个不同的数，共有C828种，

其中随机选取的两个不同的数，其和为20的有31720,71320，共有2种， 所以概率为P故选：D. 【点睛】

本题主要考查了古典概型及其概率的计算，其中解答中利用组合数的公式求得基本事件的总数是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.

21. 2814

59294．已知(x1)(x2)a0a1(x1)a2(x1)...a9(x1)，则a7（ ）

A．9 【答案】B

B．36 C．84 D．243

【解析】 【分析】

(x1)5(x2)9等价变形为[(x1)2]5[(x1)(1)]9，然后利用二项式

定理将其拆开，求出含有(x1)的项，便可得到a7．

7【详解】

解：(x1)[(x1)2]展开式中不含(x1)；

772(x2)9[(x1)(1)]9展开式中含(x1)的系数为C9(1)36

557所以，a736，故选B 【点睛】

本题考查二项式定理，解题的关键是要将原来因式的形式转化为目标因式的形式，然后再进行解题．

5．三位同学参加数学、物理、化学知识竞赛，若每人都选择其中两个科目，则有且仅有两人选择的科目完全相同的概率是（ ） A．

1 4B．

1 3C．

1 2D．

2 3【答案】D 【解析】 【分析】

先求出三位同学参加数学、物理、化学知识竞赛，每人都选择其中两个科目的基本事件总数，再求出有且仅有两人选择的科目完全相同所包含的基本事件个数，利用古典概型的概率计算公式即可得到答案. 【详解】

23三位同学参加数学、物理、化学知识竞赛，每人都选择其中两个科目共有(C3)27种不

同

221结果，有且仅有两人选择的科目完全相同共有C3C3C218种，故由古典概型的概率计

算公式可得所求概率为故选：D 【点睛】

182. 273不同考查古典概型的概率计算问题，涉及到组合的基本应用，考查学生的逻辑推理与数学运算能力，是一道中档题.

6．以下茎叶图记录了甲、乙两组各五名学生在一次英语听力测试中的成绩（单位：分）．已知甲组数据的中位数为15，乙组数据的平均数为16.8，则x，y的值分别为（ ）

A．2，5 【答案】C 【解析】

B．5，5 C．5，8 D．8，8

试题分析：由题意得x5，16.8考点：茎叶图

1(91510y1824)y8，选C. 5

7．如图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形．此图由三个半圆构成，三个半圆的直径分别为三角形ABC的BC，AB和AC．若BC10，AB8，AC6，

VABC的三边所围成的区域记为Ⅰ，黑色部分记为Ⅱ，其余部分记为Ⅲ．在整个图形中随机取一点，此点取自Ⅱ的概率为（ ）

9

2524【答案】D 【解析】 【分析】

A．【详解】

B．

16

2524C．

25

2425D．

48

4825根据题意，分别求出Ⅰ，Ⅱ，Ⅲ所对应的面积，即可得到结论.

由题意，如图：Ⅰ所对应的面积为S1Ⅱ所对应的面积S224818624， 292524， 2292524， 22整个图形所对应的面积S248所以，此点取自Ⅱ的概率为P故选：D. 【点睛】

48.

4825本题考查了几何概型的概率问题，关键是求出对应的面积，属于基础题.

8．已知12x展开式的二项式系数的最大值为a，系数的最大值为b，则A．

8b的值（ ） a126 5B．

128 5C．

125 3D．26

【答案】B 【解析】 【分析】

根据二项式系数的性质求得a，系数的最大值为b求得b，从而求得【详解】

4rrr由题意可得aC870，又展开式的通项公式为Tr1C82x，

b的值． aC8r·52r…C8r1?2r1r…设第r1项的系数最大，则rr，即， r1r1r„6C·2…C?288求得r=5或6，此时，b728，故选：B． 【点睛】

本题主要考查二项式系数的性质，第n项的二项式系数与第n项的系数之间的关系，属于中档题．

b128， a5

9．安排5名学生去3个社区进行志愿服务，且每人只去一个社区，要求每个社区至少有一名学生进行志愿服务，则同学甲单独去一个社区不同的安排方式有（ ） A．100种 【答案】C 【解析】 【分析】

给三个社区编号分别为1，2，3，则甲可有3种安排方法，剩下的两个再进行分步计数，从而求得所有安排方式的总数. 【详解】

甲可有3种安排方法， 若甲先安排第1社区，

则第2社区可安排1个、第3社区安排3个，共C4C3；

22第2社区2个、第3社区安排2个，共C4C2；

13B．60种 C．42种 D．25种

第2社区3个，第3社区安排1个，共C4C1；

132211故所有安排总数为3(C4C3C4C2C4C1)42.

11故选：C. 【点睛】

本题考查分类与分步计数原理、组合数的计算，考查分类讨论思想，考查逻辑推理能力和运算求解能力.

10．有编号为1,2,3的三个盒子和编号分别为1,2,3的三个小球，每个盒子放入一个小球，则小球的编号与盒子编号全不相同的概率为（ ） A．

8 27B．

5 6C．

2 3D．

1 3【答案】D 【解析】 【分析】

列举出所有的基本事件，并确定出事件“小球的编号与盒子编号全不相同”所包含的基本事件，利用古典概型的概率公式可计算出所求事件的概率. 【详解】

以1,2,3表示编号为1、2、3的盒子分别放编号为1、2、3的小球，则所有的基本事件有：1,2,3、1,3,2、2,1,3、2,3,1、3,1,2、3,2,1，共6种，

其中，事件“小球的编号与盒子编号全不相同”所包含的基本事件有：2,3,1、3,1,2，共2个，

因此，小球的编号与盒子编号全不相同的概率为故选：D. 【点睛】

本题考查利用古典概型的概率公式计算事件的概率，解题的关键就是列举出所有的基本事件，遵循不重不漏的原则，考查计算能力，属于中等题.

21. 63

11．根据中央对“精准扶贫”的要求，某市决定派7名党员去甲、乙、丙三个村进行调研，其中有4名男性党员，3名女性党员现从中选3人去甲村若要求这3人中既有男性，又有女性，则不同的选法共有（ ） A．35种 【答案】B 【解析】 【分析】

首先算出7名党员选3名去甲村的全部情况，再计算出全是男性党员和全是女性党员的情况，即可得到既有男性，又有女性的情况. 【详解】

从7名党员选3名去甲村共有C7种情况，3名全是男性党员共有C4种情况，

33B．30种 C．28种 D．25种

3名全是女性党员共有C3种情况，

3333名既有男性，又有女性共有C7C4C330种情况.

3故选：B 【点睛】

本题主要考查组合的应用，属于简单题.

12．有一散点图如图所示，在5个(x,y)数据中去掉D(3,10)后，下列说法正确的是（ ）

A．残差平方和变小 C．相关指数R2变小 【答案】A 【解析】 【分析】

B．相关系数r变小

D．解释变量x与预报变量y的相关性变弱

由散点图可知，去掉D(3,10)后，y与x的线性相关性加强，由相关系数r，相关指数R2及残差平方和与相关性的关系得出选项. 【详解】

∵从散点图可分析得出：

只有D点偏离直线远，去掉D点，变量x与变量y的线性相关性变强， ∴相关系数变大，相关指数变大，残差的平方和变小，故选A. 【点睛】

该题考查的是有关三点图的问题，涉及到的知识点有利用散点图分析数据，判断相关系数，相关指数，残差的平方和的变化情况，属于简单题目.

13．已知随机变量，的分布列如下表所示，则（ ）

 P 1 2 3 1 31 21 6

 P 1 2 3 1 61 21 3

A．EE，DD C．EE，DD 【答案】C 【解析】 【分析】

由题意分别求出Eξ，Dξ，Eη，Dη，由此能得到Eξ＜Eη，Dξ＞Dη． 【详解】 由题意得： Eξ1B．EE，DD D．EE，DD

1111123 ， 3266Dξ(1Eη1112111111151)(2)2(3)2． 6362661081111323， 6236Dη＝（1131313211151）（2）2（3）2， 662310866∴Eξ＜Eη，Dξ=Dη． 故选：C． 【点睛】

本题考查离散型随机变量的分布列、数学期望、方差的求法，考查运算求解能力，是中档题．

n2n14．设(12x)a0a1xa2xLanx，若a3a40，则a5（ ）

A．256 【答案】D 【解析】 【分析】

B．-128 C．64 D．-32

由题意利用二项展开式的通项公式求得n的值，从而求得a5的值． 【详解】

∵12xa0a1xa2x2Lanxn，

33442）Cn（2）0，∵a3a4Cn（

n n5，552）32， 则a5C5（故选D． 【点睛】

本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．

15．某运动制衣品牌为了成衣尺寸更精准，现选择15名志愿者，对其身高和臂展进行测量（单位：厘米），左图为选取的15名志愿者身高与臂展的折线图，右图为身高与臂展所对

ˆ1.16x30.75，以下结论中不正确的为（ ） 应的散点图，并求得其回归方程为y

A．15名志愿者身高的极差小于臂展的极差 B．15名志愿者身高和臂展成正相关关系，

C．可估计身高为190厘米的人臂展大约为189.65厘米 D．身高相差10厘米的两人臂展都相差11.6厘米， 【答案】D 【解析】 【分析】

根据散点图和回归方程的表达式，得到两个变量的关系，A根据散点图可求得两个量的极差，进而得到结果；B，根据回归方程可判断正相关；C将190代入回归方程可得到的是估计值，不是准确值，故不正确；D，根据回归方程x的系数可得到增量为11.6厘米，但是回归方程上的点并不都是准确的样本点，故不正确. 【详解】

A，身高极差大约为25，臂展极差大于等于30，故正确；

B，很明显根据散点图像以及回归直线得到，身高矮臂展就会短一些，身高高一些，臂展就长一些，故正确；

C，身高为190厘米，代入回归方程可得到臂展估计值等于189.65厘米，但是不是准确值，故正确；

D，身高相差10厘米的两人臂展的估计值相差11.6厘米，但并不是准确值，回归方程上的

点并不都是准确的样本点,故说法不正确. 故答案为D. 【点睛】

本题考查回归分析，考查线性回归直线过样本中心点，在一组具有相关关系的变量的数据间，这样的直线可以画出许多条，而其中的一条能最好地反映x与Y之间的关系，这条直线过样本中心点．线性回归方程适用于具有相关关系的两个变量，对于具有确定关系的两个变量是不适用的, 线性回归方程得到的预测值是预测变量的估计值，不是准确值.

16．我国在北宋1084年第一次印刷出版了《算经十书》，即贾宪的《黄帝九章算法细草》，刘益的《议古根源》，秦九韶的《数书九章》，李冶的《测圆海镜》和《益古演段》，杨辉的《详解九章算法》、《日用算法》和《杨辉算法》，朱世杰的《算学启蒙》和《四元玉鉴》．这些书中涉及的很多方面都达到古代数学的高峰，其中一些“算法”如开立方和开四次方也是当时世界数学的高峰．某图书馆中正好有这十本书现在小明同学从这十本书中任借两本阅读，那么他取到的书的书名中有“算”字的概率为（ ） A．

5 18B．

1 2C．

5 9D．

7 9【答案】D 【解析】 【分析】

2现在小明同学从这十本书中任借两本阅读，基本事件总数nC1045，他取到的书的书

211名中有“算”字包含的基本事件总数mC5C5C535，由此能求出他取到的书的书名中

有“算”字的概率． 【详解】

2解： 小明同学从这十本书中任借两本阅读，基本事件总数nC1045，

211他取到的书的书名中有“算”字包含的基本事件总数mC5C5C535，

那么他取到的书的书名中有“算”字的概率为p故选：D． 【点睛】

m357． n459本题考查排列组合与古典概型的综合应用，难度一般.注意此题中的书名中有“算”字包含两种情况：仅有一本书的书名中有“算”、两本书的书名中都有“算”，分类需要谨慎.

17．先后投掷骰子（骰子的六个面分别标有1、2、3、4、5、6个点）两次落在水平桌面后，记正面朝上的点数分别为x,y，设事件A为“xy为偶数”，事件B为“x、y中有偶数，且xy”，则概率P(BA)( ) A．

1 3B．

1 2C．

1 4D．

2 5【答案】A

【解析】 【分析】

根据题意有PB|A=根据公式求出结果. 【详解】

解：事件A中“xy为偶数”，所以x,y同奇同偶，共包含23218种基本事件；

2事件AB同时发生，则x,y都为偶数，且xy，则包含A36个基本事件；

n(AB)，所以只须分析事件A和事件AB所包含的基本事件，即可n(A)PB|A=故选：A. 【点睛】

n(AB)61=. n(A)183本题考查条件概率的应用，考查基本事件的求法，解题的关键是辨析条件概率，属于基础题.

18．我国南宋数学家杨辉1261年所著的《详解九章算法》一书里出现了如图所示的表，即杨辉三角，这是数学史上的一个伟大成就，在“杨辉三角”中，第n行的所有数字之和为

2n1，若去除所有为1的项，依次构成数列2，3，3，4，6，4，5，10，10，5，…，则此数列的前15项和为（ ）

A．110 【答案】B 【解析】 【分析】

B．114 C．124 D．125

利用二项式系数对应的杨辉上三角形的第n1行，令x1，得到二项展开式的二项式系数的和，再结合等差、等比数列的求和公式，即可求解. 【详解】

由题意，n次二项式系数对应的杨辉三角形的第n1行， 令x1，可得二项展开式的二项式系数的和2n，

其中第1行为20，第2行为21，第3行为22，LL 以此类推， 即每一行的数字之和构成首项为1，公比为2的对边数列，

n12则杨辉三角形中前n行的数字之和为Sn2n1，

12若除去所有为1的项，则剩下的每一行的数字的个数为1,2,3,4,L

可以看成构成一个首项为1，公差为2的等差数列，则Tn令

n(n1)， 2n(n1)15，解得n5， 2所以前15项的和表示前7行的数列之和，减去所有的1，即2113114， 即前15项的数字之和为114，故选B. 【点睛】

本题主要考查了借助杨辉三角形的系数与二项式系数的关系考查等差、等比数列的前n项和公式的应用，其中解答中认真审题，结合二项式系数，利用等差等比数列的求和公式，准确运算是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于基础题.

7

19．安排3名志愿者完成4项工作，每人至少完成1项，每项工作由1人完成，则不同的安排方式共有( ) A．12种 【答案】D 【解析】

B．18种

C．24种

D．36种

24项工作分成3组,可得：C=6，

4安排3名志愿者完成4项工作，每人至少完成1项，每项工作由1人完成，

3可得：6A36种．

3故选D.

10192281020．若实数a22，则a2C10a2C10aL2等于( )

A．32 【答案】A 【解析】 由题意可得：

B．－32 C．1 024 D．512

1922a102C10a22C10aL210a21022232.10

本题选择A选项.