2022年高考物理一轮复习考点优化训练专题05 受力分析 共点力平衡
一、单选题
1．（5分）某种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，当有人站上去后会先慢慢加速。如下图所示，有一
顾客乘这种扶梯下楼。在电梯加速向下运行的过程中，她所受力的示意图是（ ）
A． B． C． D．
2．（5分）如图所示，A、B是质量比为1:2、都带正电的小球，用两根长分别为2L和L的绝缘轻绳
系住后悬挂于天花板上的同一点O。当系统平衡后，两根绳与竖直方向的夹角分别为α和β，则（ ）
A．α>β B．α<β C．α=β D．不能确定
3．（5分）如图所示，轻绳一端系在物体A上，另一端与套在粗糙竖直杆MN上的轻圆环B相连
接。用水平力F拉住绳子上的一点O，使物体A及轻圆环B静止在实线所示的位置。现保持力F的方向不变，使物体A缓慢移到虚线所示的位置，这一过程中圆环B保持静止。若杆对环的弹力为FN，杆对环的摩檫力为Ff，OB段绳子的张力为FT，则在上述过程中（ ）
A．F不变，FN减小 C．Ff减小，FN不变
B．Ff不变，FT增大 D．FN减小，FT减小
4．（5分）如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上O点处；绳的一端固定在墙上，
另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质量相等。系统平衡时，O点两侧绳与竖直方
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向的夹角分别为α和β。若α=70°，则β等于（ ）
A．45° B．55° C．60° D．70°
5．（5分）2018年10月24日，号称世界最长的跨海大桥一港珠澳大桥正式开始运营通车，该大桥起
于香港国际机场，终于珠海拱北口岸，全长55千米，初步实现一桥连三地的目的，为香港、澳门、珠海三地经济社会一体化创造了条件。大桥部分路段采用斜拉桥，如图1所示。其结构简化为如图2所示，其中A为主梁，B为索塔，C为斜拉索，B处于竖直方向，C与B之间的夹角为θ．下列说法不正确的是（ ）
A．大桥的桥面受到斜拉索拉力的合力竖直向上 B．θ越大，斜拉索所受拉力越小
C．索塔所受斜拉索的拉力的合力的大小等于主梁的重力
D．桥面上有车通行时与无车通行时相比较，斜拉索所受拉力更大
6．（5分）如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平面上，将杆竖直紧压
在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（ ）
A．三条绳中的张力都相等 B．杆对地面的压力等于自身重力
C．绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零
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D．绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力
7．（5分）如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则物块的
受力个数（ ）
A．一定为2个 C．一定为4个
B．一定为3个
D．可能2个也可能4个
8．（5分）如图，一光滑小球静置在半圆柱体上，被一垂直于圆柱面的挡板挡住，设挡板跟圆心连线
与底面的夹角为q，小球的半径忽略不计。现缓慢减小q，则小球在移动过程中，挡板对小球的支持力F1、半圆柱体对小球的支持力F2的变化情况是（ ）
A．F1增大，F2减小 C．F1减小，F2减小
B．F1增大，F2增大 D．F1减小，F2增大
9．（5分）如图所示，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90°，两底角为α和β；
a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块，已知所有接触面都是光滑的．现发现a、b沿斜面下滑，而楔形木块静止不动，这时楔形木块对水平桌面的压力等于（ ）
A．Mg+mg
C．Mg+mg（sinα+sinβ）
B．Mg+2mg
D．Mg+mg（cosα+cosβ）
10．（5分）如图所示，质量为M的小车的表面由光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一质量为
m的球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b，斜面倾角为θ。当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列说法正确的是（ ）
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A．若小车匀速运动，则球对斜面上b点的压力大小为mgcosθ B．若小车匀速运动，则球对水平面上a点的压力大小为mgsinθ C．若小车向左以加速度gtanθ加速运动，则球对水平面上a点无压力
D．若小车向左以加速度gtanθ加速运动，则小车对地面的压力小于（M+m）g
11．（5分）如图所示，战士在水平地面上进行拉轮胎的负荷训练，设战士做匀速直线运动，运动过
程中保持双肩及两绳的端点A、B等高。两绳间的夹角为θ、所构成的平面与水平面间的夹角恒为α，轮胎重为G，地面对轮胎的摩擦阻力大小恒为f，则每根绳的拉力大小为（ ）
A．
𝑓
2cos𝜃⋅cos𝛼2B．
𝑓
2𝑠𝑖𝑛𝜃⋅𝑠𝑖𝑛𝛼
2cos𝜃⋅cos𝛼2√𝑓2+𝐺2𝑓
C． 2cos𝜃⋅𝑠𝑖𝑛𝛼2D．
12．（5分）如图所示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左
端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止。若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45°，则第 2018 个小球与 2019 个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（ ）
A．2989 5000B．2019 5000C．2018 5000D．2982 5000二、多选题
13．（5分）如图所示为形状相同的两个劈形物体，它们之间的接触面光滑，两物体与地面的接触面
均粗糙，现对A施加水平向右的力 𝐹 ，两物体均保持静止，则物体B的受力个数可能是（ ）
A．2个
B．3个
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C．4个 D．5个
14．（5分）如图所示，用两根完全相同的橡皮筋M、N将两个质量均为m＝1 kg的可视为质点的小
球A、B拴接在一起，并悬挂在水平天花板上，在小球A上施加一水平向左的恒力F，当系统处于静止状态时，橡皮筋M与竖直方向的夹角为60°。假设两橡皮筋的劲度系数均为k＝5 N/cm，且始终处在弹性限度以内，重力加速度取g＝10 m/s2。则（ ）
A．橡皮筋M的伸长量为4 cm C．水平恒力的大小为 10√3𝑁
B．橡皮筋N的伸长量为2 cm D．水平恒力的大小为 20√3𝑁
15．（5分）如图所示，把一个光滑圆球放在两块挡板AB和AC之间，AB和AC之间的夹角为
30°．现将AC板固定，而使AB板沿顺时针方向缓慢转动90°，则( )
A．球对AB板的压力逐渐减小 C．球对AC板的压力逐渐减小
B．球对AB板的压力先减小后增大 D．球对AC板的压力先减小后增大
16．（5分）如图所示的翻斗车车斗的底部是一个平面，司机正准备将车上运送的一块大石块（图中
未画出）卸下。司机将车停稳在水平路面上，通过操纵液压杆使车斗底部倾斜，直到石块开始加速下滑时，保持车斗倾斜角不变。则在石块沿车斗底面匀加速下滑的过程中（ ）
A．若刹车失灵，翻斗车可能会向前运动 B．翻斗车不受地面的摩擦力 C．翻斗车受到的合外力逐渐减小
D．地面对翻斗车的支持力小于翻斗车和车上石块的总重力
17．（5分）小娟、小明两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为
F，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G，则下列说法正确的是（ ）
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A．当θ为120°时，F=G C．当θ=0°时，F= 𝐺
2B．不管θ为何值，F= 𝐺 2D．θ越大时F越大
18．（5分）如图甲，在挪威的两座山峰间夹着一块岩石，吸引了大量游客前往观赏。该景观可简化
成如图乙所示的模型，右壁竖直，左壁稍微倾斜。设左壁与竖直方向的夹角为θ，由于长期的风化，θ将会减小。石头与山崖间的摩擦很小，可以忽略不计。若石头质量一定，θ减小，石头始终保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．山崖左壁对石头的作用力将增大 B．山崖右壁对石头的作用力增大 C．山崖对石头的作用力增大 D．石头受到的合力将减小
19．（5分）如图所示，B和C两个小球均重为G，用轻绳悬挂而分别静止于图示位置上，则以下说
法中正确的是（ ）
A．AB细绳的拉力为G B．CD细绳的拉力为G
C．绳BC与竖直方向的夹角θ＝60° D．绳BC与竖直方向的夹角θ＝45°
20．（5分）如图所示，在粗糙的水平地面上放着一左测截面是半圆的柱状物体B，在物体B与竖直
墙之间放置一光滑小球A，整个系统处于静止状态。现用水平力F拉着物体B缓慢向右移动一小段
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距离后，系统仍处于静止状态，在此过程中，下列判断正确的是（ ）
A．小球A对物体B的压力逐渐增大 B．小球A对物体B的压力逐渐减小 C．拉力F逐渐减小
D．墙面对小球A的支持力先增大后减小
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答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】物体的受力分析
【解析】【解答】电梯加速向下运行，根据 𝐹合=𝑚𝑎 可知人所受合外力与电梯运行方向相同，所以
人在竖直方向重力大于支持力，合力 𝐹 竖直向下，在水平方向静摩擦力平行于接触面水平向右，则 𝐹 与 𝑓 合力才能与 𝐹合 相同，ABC不符合题意，D符合题意。 故答案为：D。
【分析】对人进行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面两个方向上分解，结合人的加速度，利用牛顿第二定律分析受力情况即可。
2．【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用 【解析】【解答】解法一
𝐹𝐵𝐴𝐺𝐴𝑇1=ℎ=2𝐿 如上图所示受力分析，力学三角形和几何三角形相似 𝑥1
𝑥
因为 𝐹𝐴𝐵 和 𝐹𝐵𝐴 是作用力和反作用力，大小相等，且 𝐺𝐴=2𝐺𝐵 ，联立各式得 𝑥1=2
2
𝐹𝐴𝐵𝐺𝐵𝑇2 𝑥2=ℎ=𝐿sin𝑖sin𝛼
又根据正弦定理可知 2𝐿=𝑥
1
sin𝑟sin𝛽 =
𝑥2𝐿因角 𝑖 和角 𝑟 互补，则 sin𝑖=sin𝑟 联立解得 sin𝛼=sin𝛽
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因为 𝛼 和 𝛽 均为锐角，故 𝛼=𝛽 所以ABD不符合题意，C符合题意。 解法二
两球之间的库仑力是作用力和反作用力关系，大小相等，方向相反，两个小球均受到重力、静电力和拉力，因为A、B的质量比是1:2，长度之比是2:1，满足以O为支点的杠杆平衡条件 𝑚𝐴𝑔⋅𝐿𝐴=𝑚𝐵𝑔⋅𝐿𝐵 所以 𝐹𝐴=𝐹𝐵 可知 𝛼=𝛽
ABD不符合题意，C符合题意。 故答案为：C。
【分析】利用平衡条件结合相似三角形定则可以判别对应夹角的大小。
3．【答案】D
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】先以O点为研究对象，进行受力分析，有A物体的重力GA，外力F和绳子的拉力𝐺FT，设绳子与竖直方向的夹角为 𝜃 ，则 𝐹=𝐺𝐴tan𝜃 ， 𝐹𝑇=𝐴
cos𝜃由题可知 𝜃 减小，所以F减小，FT减小；
再以物体B为研究对象，进行受力分析，有B物体的重力GB，绳子的拉力FT，竖直杆对B的支持力FN和摩擦力Ff，则 𝐹𝑁=𝐹𝑇sin𝜃=𝐺𝐴tan𝜃
𝐹𝑓=𝐺𝐵+𝐹𝑇cos𝜃=𝐺𝐴+𝐺𝐵
所以当 𝜃 减小时，FN减小，Ff不变，所以D符合题意，ABC不符合题意。 故答案为：D。
【分析】利用O点的平衡方程可以判别拉力和F的大小变化；利用B的平衡方程可以判别FN的大小变化。
4．【答案】B
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】由于甲、乙两物体质量相等,则设它们的质量为m，对O点进行受力分析，下面绳
子的拉力mg，右边绳子的拉力mg ，左边绳子的拉力F ,如图所示：
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因处于静止状态，依据力的平行四边形定则，则有： 竖直方向： mgcos70°+Fcosβ=mg 水平方向：mgsin70°=Fsinβ 因α=70°
联立上式，解得： β=55° 故答案为：B。
【分析】对节点O进行受力分析，在两个三个拉力的作用下，物体处于平衡状态，其中有两个拉力大小等于两个物体的重力，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
5．【答案】B
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】解：以主梁A为研究对象，受到重力、一对斜拉索拉力处于平衡状态，这三个力为
共点力，如图所示；
A、根据对称性，一对斜拉索C（与索塔夹角相同）拉力大小相等，二力合成后，作用在主梁A的合力竖直向上，A正确，不符合题意；
B、主梁重力与斜拉索的拉力的合力等大反向，斜拉索与索塔夹角为θ时，根据平衡条件可得2Tcosθ
𝑚𝑔
＝mg，解得T＝ 2cos𝜃 ，所以θ越大，斜拉索所受拉力越大，B错误，符合题意；
C、主梁A所受重力与斜拉索C的拉力的合力等大反向，索塔B所受斜拉索的拉力的合力与斜拉索对主梁A的拉力的合力等大反向，它们的大小相等，C正确，不符合题意；
D、有车辆通过时，车与主梁重力之和大于主梁的重力，斜拉索与索塔夹角不变，斜拉索的拉力变
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大，D正确，不符合题意。 故答案为：B
【分析】利用主梁A进行受力分析，结合平衡可以判别拉力的合力方向竖直向上；利用平衡方程可以求出拉力的大小；利用平衡条件可以判别拉力的合力等于重力的大小；利用重力的变化可以判别拉力的变化。
6．【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】AC．由于三力长度不同，故说明三力与竖直方向的夹角不相同，由于杆保持静止，
故在水平方向三力水平分力的合力应为零，故说明三力的大小可能不相等；A不符合题意；C符合题意；
B．由于三力在竖直方向有向下的拉力，杆在竖直方向合力为零，故杆对地面的压力大于重力；B不符合题意；
D．绳子拉力的合力与杆的重力之和等于地面对杆的支持力，则绳子拉力的合力与杆的重力不是一对平衡力，D不符合题意。 故答案为：C。
【分析】对纸片进行受力分析，在重力、拉力和支持力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
7．【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】根据平衡状态，对物块受力分析如图
物体受力个数一定为4个，ABD不符合题意，C符合题意。 故答案为：C。
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【分析】利用平衡条件可以判别木块的受力情况。
8．【答案】A
【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】对小球进行受力分析如图所示
根据几何关系可以得到 𝐹1=𝐹𝑦=𝑚𝑔cos𝜃
𝐹2=𝐹𝑥=𝑚𝑔sin𝜃
因此，当θ减小时，F1增大，F2减小，A符合题意，BCD不符合题意。 故答案为：A。
【分析】利用平衡条件结合角度的变化可以判别F1和F2的大小变化。
9．【答案】A
【知识点】共点力平衡条件的应用；牛顿第二定律 【解析】【解答】对木块a受力分析，如图，
受重力和支持力
由几何关系，得到：N1=mgcosα
故物体a对斜面体的压力为：N1′=mgcosα…① 同理，物体b对斜面体的压力为：N2′=mgcosβ… ②
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对斜面体受力分析，如图，
根据共点力平衡条件，得到：N2′cosα-N1′cosβ=0… ③ F支-Mg-N1′sinβ-N2′sinα=0…④ 根据题意有：α+β=90°…⑤ 由①～⑤式解得：F支=Mg+mg
根据牛顿第三定律，斜面体对地的压力等于Mg+mg； 故答案为：A。
【分析】本题由于斜面光滑，两个木块均加速下滑，分别对两个物体受力分析，求出其对斜面体的压力，再对斜面体受力分析，求出地面对斜面体的支持力，然后根据牛顿第三定律得到斜面体对地面的压力。
10．【答案】C
【知识点】共点力平衡条件的应用；牛顿第二定律
【解析】【解答】AB．小车和球一起匀速运动时，小球受到竖直向下的重力和水平面对小球竖直向上
的支持力，二力平衡，所以小球对b点无压力，根据牛顿第三定律可知小球对a点的压力大小为mg，AB不符合题意；
C．若小车向左以加速度gtanθ加速运动，假设小球对a点无压力，根据牛顿第二定律 𝑚𝑔tan𝜃=𝑚𝑎
解得 𝑎=𝑔tan𝜃
假设成立，所以小球对a点无压力，C符合题意；
D．对小车和球构成的系统整体受力分析可知，系统在竖直方向上加速度为0，竖直方向受到重力和支持力，二者等大反向，根据牛顿第三定律可知小车对地面的压力等于（M+m）g，D不符合题意。 故答案为：C。
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【分析】利用平衡条件可以求出压力的大小；利用牛顿第二定律可以求出压力的大小。
11．【答案】A
【知识点】共点力平衡条件的应用
𝜃【解析】【解答】设每根绳子的拉力为T，则两根绳子拉力的合力为 2𝑇cos ；在水平方向 𝑓=
2𝜃
2𝑇cos2⋅cos𝛼
解得 𝑇=
𝑓
2cos𝜃⋅cos𝛼2故答案为：A。
【分析】利用平衡条件可以求出绳子的拉力大小。
12．【答案】D
【知识点】共点力平衡条件的应用；物体的受力分析
【解析】【解答】以5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条
件得： F=5000mg；
再以2018个到5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则有： 𝑡𝑎𝑛𝛼=
2982𝑚𝑔2982
=5000 。 𝐹故答案为：D
【分析】对物体进行受力分析，在重力和两个拉力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解即可。
13．【答案】A,C
【知识点】物体的受力分析
【解析】【解答】对A受力分析可知，当F与A所受的静摩擦力大小相等时，则A、B之间没有弹
力，当F比A所受的静摩擦力更大时，则A、B之间有弹力。当A对B没有弹力时，B受到重力和
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地面的支持力2个力；当A对B有弹力时，B还受到重力、地面的支持力与摩擦力，共4个力，AC符合题意，BD不符合题意。 故答案为：AC。
【分析】对物体进行受力分析，在力的作用下物体处于平衡状态，合力为零，利用此条件求解外力大小，如果力的大小不为零，那么该力就不存在。
14．【答案】B,D
【知识点】物体的受力分析
【解析】【解答】小球B处于静止状态，则N对B的拉力F1=mg=10N，根据胡克定律得：橡皮筋N𝐹
的伸长量为： △𝑥1=1=10𝑐𝑚=2𝑐𝑚 ，对A球受力分析，受到重力、N的拉力F1，M的拉力
𝑘5𝐹+𝑚𝑔𝐹
F2以及F作用，处于平衡状态，根据平衡条件得： 𝑡𝑎𝑛60°=𝐹+𝑚𝑔 ； 𝑠𝑖𝑛30°=1𝐹 ，解
12𝐹
得：F=20 √3 N，F2=40N，根据胡克定律得：橡皮筋M的伸长量为： △𝑥2=2=40𝑐𝑚=
𝑘58𝑐𝑚 ，AC不符合题意，BD符合题意； 故答案为：BD。
【分析】对小球进行受力分析，在重力、两个拉力的作用下，小球处于平衡状态，合力为零，根据该条件列方程分析求解拉力的大小，再利用胡克定律求解伸长量。
15．【答案】B,C 【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】以小球为研究对象，分析其受力，作出小球三个不同位置的受力，如图所示：
可见，使 𝐴𝐵 顺时针缓慢转动 90∘ 的过程中， 𝐴𝐵 板对球的支持力 𝑁1 先减小后增大， 𝐴𝐶 板对球的支持力 𝑁2 一直减小，由牛顿第三定律可知，球对 𝐴𝐵 板对球的支持力先减小后增大，球对 𝐴𝐶 板对球的支持力一直减小，BC符合题意，AD不符合题意。 故答案为：BC
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【分析】对物体进行受力分析，在重力和两个支持力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，结合斜面支持力方向的变化分析其他力的变化。
16．【答案】A,D
【知识点】共点力平衡条件的应用；牛顿第二定律
【解析】【解答】AB．由于石块有沿斜面向下的加速度a，则对车和石块的整体，水平方向 𝑓=
𝑚𝑎cos𝜃
即车受到地面向左的摩擦力作用，有向右运动的趋势，则若刹车失灵，翻斗车可能会向前运动，A符合题意，B不符合题意；
C．石块下滑过程中对车的作用力不变，则翻斗车受到的合外力不变，C不符合题意；
D．石块竖直方向由竖直向下的加速度，对石块和车的整体在竖直方向 (𝑀+𝑚)𝑔−𝑁=𝑚𝑎sin𝜃 可知 𝑁<(𝑀+𝑚)𝑔
即地面对翻斗车的支持力小于翻斗车和车上石块的总重力，D符合题意。 故答案为：AD。
【分析】车受到的作用力方向可以判别车运动的方向；利用平衡条件可以判别车受到的合力及地面摩擦力大小；利用牛顿第二定律可以判别地面支持力和整体重力的大小。
17．【答案】A,C,D
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成θ 角，𝜃
根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得 2𝐹𝑐𝑜𝑠=𝐺
2𝐺
解得 𝐹=
2𝑐𝑜𝑠𝜃2𝐺
当θ=0°时，则 𝐹= ；当θ为120°时，F=G；当θ越大时，则F越大；
2ACD符合题意，B不符合题意； 故答案为：ACD。
【分析】利用平衡条件可以求出F拉力和角度的关系。
18．【答案】A,B 【知识点】动态平衡分析
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【解析】【解答】AB． 对石头进行受力分析如图，
𝑚𝑔则由共点力平衡的条件可知，山崖左壁对石头的作用力： 𝐹2=sin𝜃 𝑚𝑔
山崖右壁对石头的作用力： 𝐹1=tan𝜃
θ减小，则F1增大，F2增大，AB符合题意；
C． 石头始终处于平衡状态，山崖对石头的作用力的和始终与石头的重力大小相等，方向相反，所以山崖对石头的作用力保持不变，C不符合题意；
D． 石头受到的合力始终为零，保持不变，D不符合题意。 故答案为：AB。
【分析】对石块进行受力分析，在重力和两个支持力的作用下，物体处于平衡状态，合力为零，结合支持力方向的变化分析其他力的变化。
19．【答案】B,C
【知识点】共点力平衡条件的应用
【解析】【解答】解：对B、C两球整体受力分析，利用正交分解法，
竖直方向：FABcos30°+FCDcos60°＝2G， 水平方向：FABsin30°＝FCDsin60° 联立解得：FAB＝ √3 G，FCD＝G 对C球受力分析，利用正交分解法， 竖直方向：FBCcosθ+FCDcos60°＝G 水平方向：FBCsinθ＝FCDsin60°，
联立解得：θ＝60°．BC符合题意，AD不符合题意。 故答案为：BC。
【分析】利用整体的平衡条件及C球的平衡条件可以求出对应拉力和夹角的大小。
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20．【答案】A,C 【知识点】动态平衡分析
【解析】【解答】ABD．对A球受力分析并建立直角坐标系如图，
由平衡条件得：竖直方向 𝐹𝑁𝑐𝑜𝑠𝜃=𝑚𝑔 水平方向 𝑁=𝐹𝑁𝑠𝑖𝑛𝜃
𝑚𝑔
联立解得 𝐹𝑁=cos𝜃,𝑁=𝑚𝑔tan𝜃
B缓慢向右移动一小段距离，A缓慢下落，则θ增大。所以FN增大，N增大，由牛顿第三定律知故小球A对物体B的压力逐渐增大，故A符合题意，BD不符合题意； C．整体水平方向受力平衡，则 𝐹+𝑁=𝑓𝑚
由于最大静摩擦力不变，N增大、则F减小，故C符合题意。 故答案为：AC。
【分析】利用A的平衡方程结合角度的变化可以判别弹力变化；利用整体的平衡方程可以判别拉力的大小变化。
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